2752.

Osnovna svojstva trigonometrijskih funkcija

TEKST ZADATKA

Ispitati tok i nacrtati grafike funkcija (zadaci 837-845): y=tgx y = |\text{tg} x|


REŠENJE ZADATKA

Određujemo domen funkcije. Funkcija tangens nije definisana za x=π2+kπ, x = \frac{\pi}{2} + k\pi , gde je kZ. k \in \mathbb{Z} .

D=R{π2+kπkZ}D = \mathbb{R} \setminus \left\{ \frac{\pi}{2} + k\pi \mid k \in \mathbb{Z} \right\}

Ispitujemo periodičnost i parnost. Funkcija je periodična sa osnovnim periodom T=π T = \pi jer je tg(x+π)=tgx. |\text{tg}(x + \pi)| = |\text{tg} x| . Zbog toga je dovoljno ispitati funkciju na intervalu (π2,π2). (-\frac{\pi}{2}, \frac{\pi}{2}) . Funkcija je parna:

y(x)=tg(x)=tgx=tgx=y(x)y(-x) = |\text{tg}(-x)| = |-\text{tg} x| = |\text{tg} x| = y(x)

Definišemo izraz pod apsolutnom vrednošću kako bismo olakšali dalju analizu:

tgx={tgx,za tgx0tgx,za tgx<0|\text{tg} x| = \begin{cases} \text{tg} x, & \text{za } \text{tg} x \ge 0 \\ -\text{tg} x, & \text{za } \text{tg} x < 0 \end{cases}

Određujemo nule i znak funkcije. Zbog apsolutne vrednosti, funkcija je uvek nenegativna, odnosno y0 y \ge 0 za svako xD. x \in D .

y=0    tgx=0    x=kπ,kZy = 0 \iff \text{tg} x = 0 \iff x = k\pi, \quad k \in \mathbb{Z}

Ispitujemo asimptote. Zbog periodičnosti nema horizontalnih ni kosih asimptota. Vertikalne asimptote se nalaze u tačkama prekida x=π2+kπ. x = \frac{\pi}{2} + k\pi .

limxπ2tgx=+,limxπ2+tgx=+\lim_{x \to \frac{\pi}{2}^-} |\text{tg} x| = +\infty, \quad \lim_{x \to \frac{\pi}{2}^+} |\text{tg} x| = +\infty

Računamo prvi izvod funkcije za x(π2,π2){0}. x \in (-\frac{\pi}{2}, \frac{\pi}{2}) \setminus \{0\} . U tački x=0 x = 0 funkcija nije diferencijabilna jer se levi i desni izvod razlikuju (levi izvod je -1, desni je 1), ali tu ima lokalni minimum (0,0). (0, 0) .

y={1cos2x,za x(0,π2)1cos2x,za x(π2,0)y' = \begin{cases} \frac{1}{\cos^2 x}, & \text{za } x \in (0, \frac{\pi}{2}) \\ -\frac{1}{\cos^2 x}, & \text{za } x \in (-\frac{\pi}{2}, 0) \end{cases}

Na osnovu znaka prvog izvoda određujemo monotonost na intervalu (π2,π2). (-\frac{\pi}{2}, \frac{\pi}{2}) . Za x(0,π2) x \in (0, \frac{\pi}{2}) je y>0, y' > 0 , pa funkcija raste. Za x(π2,0) x \in (-\frac{\pi}{2}, 0) je y<0, y' < 0 , pa funkcija opada.

Računamo drugi izvod funkcije da bismo ispitali konveksnost.

y={2sinxcos3x,za x(0,π2)2sinxcos3x,za x(π2,0)y'' = \begin{cases} \frac{2\sin x}{\cos^3 x}, & \text{za } x \in (0, \frac{\pi}{2}) \\ -\frac{2\sin x}{\cos^3 x}, & \text{za } x \in (-\frac{\pi}{2}, 0) \end{cases}

Analiziramo znak drugog izvoda. Za x(0,π2) x \in (0, \frac{\pi}{2}) je sinx>0 \sin x > 0 i cosx>0, \cos x > 0 , pa je y>0. y'' > 0 . Za x(π2,0) x \in (-\frac{\pi}{2}, 0) je sinx<0 \sin x < 0 i cosx>0, \cos x > 0 , pa je 2sinxcos3x>0. -\frac{2\sin x}{\cos^3 x} > 0 . Funkcija je svuda konveksna na svom domenu i nema prevojnih tačaka.

y>0za svako xD{kπ}y'' > 0 \quad \text{za svako } x \in D \setminus \{k\pi\}

Balkan Tutor Sva Prava Zadržana © 2026

Politika privatnosti